1905. 统计子岛屿-深度优先遍历图
1905. 统计子岛屿-深度优先遍历图
给你两个 m x n 的二进制矩阵 grid1 和 grid2 ,它们只包含 0 (表示水域)和 1 (表示陆地)。一个 岛屿 是由 四个方向 (水平或者竖直)上相邻的 1 组成的区域。任何矩阵以外的区域都视为水域。
如果 grid2 的一个岛屿,被 grid1 的一个岛屿 完全 包含,也就是说 grid2 中该岛屿的每一个格子都被 grid1 中同一个岛屿完全包含,那么我们称 grid2 中的这个岛屿为 子岛屿 。
请你返回 grid2 中 子岛屿 的 数目 。
示例 1:
输入:grid1 = [[1,1,1,0,0],[0,1,1,1,1],[0,0,0,0,0],[1,0,0,0,0],[1,1,0,1,1]], grid2 = [[1,1,1,0,0],[0,0,1,1,1],[0,1,0,0,0],[1,0,1,1,0],[0,1,0,1,0]]
输出:3
解释:如上图所示,左边为 grid1 ,右边为 grid2 。
grid2 中标红的 1 区域是子岛屿,总共有 3 个子岛屿。
示例 2:
输入:grid1 = [[1,0,1,0,1],[1,1,1,1,1],[0,0,0,0,0],[1,1,1,1,1],[1,0,1,0,1]], grid2 = [[0,0,0,0,0],[1,1,1,1,1],[0,1,0,1,0],[0,1,0,1,0],[1,0,0,0,1]]
输出:2
解释:如上图所示,左边为 grid1 ,右边为 grid2 。
grid2 中标红的 1 区域是子岛屿,总共有 2 个子岛屿。
这题还是挺有趣的,解题代码如下:
int judge;
void dfs(int** grid1, int n1,int m1, int** grid2, int n2,int m2,int now_x,int now_y){int direction[4][2]={{0,1},{1,0},{0,-1},{-1,0}};if(grid1[now_x][now_y]==0&&grid2[now_x][now_y]==1){judge=1;}if(grid2[now_x][now_y]==1){grid2[now_x][now_y]=0;for(int i=0;i<4;i++){int x_next=now_x+direction[i][0];int y_next=now_y+direction[i][1];if(x_next>=0&&x_next<n2&&y_next>=0&&y_next<m2){if(grid2[x_next][y_next]==1){dfs(grid1,n1,m1,grid2,n2,m2,x_next,y_next);}}}}}int countSubIslands(int** grid1, int grid1Size, int* grid1ColSize, int** grid2, int grid2Size, int* grid2ColSize){int count=0;int n=grid1Size,m=grid1ColSize[0];for(int i=0;i<n;i++){for(int j=0;j<m;j++){if(grid2[i][j]==1){ judge=0;dfs(grid1,n,m,grid2,n,m,i,j);if(judge==0){count++;}}}}return count;}
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