毒瘤~~（第二类斯特林数及其相关公式）

先提出一个问题：将n个不同小球划分为k个集合的方案数是多少？（集合不为空）。

或者，这个问题还可以表述为这种形式：将n个不同小球放入k个相同盒子的方案数。

实际上，斯特林数的实际含义就是这么个问题。

我们设s(i,j)s(i,j)s(i,j)表示将iii个小球划分为jjj集合的方案数。

先给出递推式:

s(i,j)=s(i−1,j)∗j+s(i−1,j−1)s(i,j)=s(i-1,j)*j+s(i-1,j-1)s(i,j)=s(i−1,j)∗j+s(i−1,j−1)

乍一看，是不是和组合数的递推公式有些像？

其实，二者都是利用杨辉三角的思想来推出的式子。

具体含义如下：我们已求出s(i−1,...)s(i-1,...)s(i−1,...)，即将 i−1i-1i−1个不同小球分为.........个集合的方案数。

当前我们要考虑第iii个球，有两种放置的方法：

1.1.1. 单独将第iii个小球放入一个新集合；对应递推式中的s(i−1,j)∗js(i-1,j)*js(i−1,j)∗j，意为将第iii个球放入已存在的jjj个集合中，有jjj种放法。

2.2.2. 将第iii个小球放入已存在的集合中。对应递推式中的s(i−1,j−1)s(i-1,j-1)s(i−1,j−1)，意为已存在j−1j-1j−1个集合，我们要再开一个集合来放置第iii个小球。

以上便是斯特林数的递推式。

但我们不仅仅要掌握斯特林数的递推式，因为有些时候，题目中的nnn和kkk会很大，用递推显然不可行，而我们只需要用到很少次数的斯特林数，这时就要考虑直接求某一项斯特林数了。

s(n,k)=1k!∑i=0k(−1)i(ki)(k−i)ns(n,k)=\frac{1}{k!}\sum_{i=0}^{k}{(-1)^i \tbinom{k}{i}(k-i)^n}s(n,k)=k!1∑i=0k(−1)i(ik)(k−i)n

严格证明要用到二项式反演，这里不过多赘述
但是我们可以感性理解一下（滑稽~）。
大家想一下，这个式子表示什么含义?

∑i=0k(−1)i(ki)(k−i)n\sum_{i=0}^{k} {(-1)^i\tbinom{k}{i}(k-i)^n}∑i=0k(−1)i(ik)(k−i)n

实际上，这个式子的答案是就等于将n个不同小球放入k个不同盒子的方案数，思想为容斥原理。而我们要求的是将n个小球放入k个相同盒子的方案数。那么，这两者之间其实就是排列数和组合数之间的关系，后者因为不考虑盒子的异同，所以其每一种方案在前者中都会因考虑盒子的异同而重复k!k!k!次，所以再乘上1k!\frac{1}{k!}k!1，就得到

s(n,k)=1k!∑i=0k(−1)i(ki)(k−i)ns(n,k)=\frac{1}{k!}\sum_{i=0}^{k}{(-1)^i \tbinom{k}{i}(k-i)^n}s(n,k)=k!1∑i=0k(−1)i(ik)(k−i)n。

除此之外，我们还常常会用到一个式子：

xn=∑k=0ns(n,k)C(x,k)k!x^n=\sum_{k=0}^{n}s(n,k)C(x,k)k!xn=∑k=0ns(n,k)C(x,k)k!

xnx^nxn意为将n个球放入x个不同盒子，且盒子可以为空的总方案数：枚举非空盒子的数目，将n个球分为k个集合，放入这k个盒子中。

!!!!!!!!!记住，此公式非常重要，是我们将一个恶心公式转换为含斯特林数的较简单公式的非常实用的式子。

最后再献上一个较实用的转换公式：

C(n,i)A(i,j)=C(n−j,i−j)A(n,j)C(n,i)A(i,j)=C(n-j,i-j)A(n,j)C(n,i)A(i,j)=C(n−j,i−j)A(n,j)

用组合数和排列数的公式就可以证出来，配合斯特林数食用非常香香香。
奉上一坨递推求斯特林数的代码：

 s[0][0]=1;for(int i=1;i<=n;i++){for(int j=1;j<=i;j++)s[i][j]=s[i-1][j]*j+s[i-1][j-1];}

推荐一道好题：
cash的文明世界

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