题目描述

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棋盘上 A 点有一个过河卒，需要走到目标 B 点。卒行走的规则：可以向下、或者向右。同时在棋盘上 C 点有一个对方的马，该马所在的点和所有跳跃一步可达的点称为对方马的控制点。因此称之为“马拦过河卒”。

棋盘用坐标表示，A 点 (0, 0)(0,0)、B 点 (n, m)(n,m)，同样马的位置坐标是需要给出的。
现在要求你计算出卒从 A 点能够到达 B 点的路径的条数，假设马的位置是固定不动的，并不是卒走一步马走一步。

思路

这是一道NOI普及组的原题，我用的是递推来做。

把马能到达的点设为已访问
先把第一行初始化，每个点的方案数=左边的方案数(并且不是马的控制点)
再把第一列初始化，每个点的方案数=上面的方案数(并且不是马的控制点)
// 之所以能这么做，是因为卒只能向右或下走
按照公式求出到每个点有多少种走法(f(i,j)=f(i-1,j)+f(i,j-1))
输出走到右下角的点的个数

注意:这题要用 unsigned long long

时间复杂度

N,M<=20
O(NM)=O(2020)=O(400)

代码

#include <iostream>
using namespace std;
typedef unsigned long long ull;
const int N=30;int dx[8]={-2,-1,1,2,2,1,-1,-2};
int dy[8]={1,2,2,1,-1,-2,-2,-1};
int n,m,x,y;
bool st[N][N];
ull f[N][N];int main()
{cin>>n>>m>>x>>y;st[x][y]=true;for(int i=0; i<8; i++){int tx=x+dx[i],ty=y+dy[i];st[tx][ty]=true;}f[0][0]=1;for(int j=1; j<=m; j++)if(!st[0][j])f[0][j]=f[0][j-1];for(int i=1; i<=n; i++)if(!st[i][0])f[i][0]=f[i-1][0];for(int i=1; i<=n; i++)for(int j=1; j<=m; j++)if(!st[i][j])f[i][j]=f[i][j-1]+f[i-1][j];cout<<f[n][m]<< endl;return 0;
}

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