ArrayAndString（数组和字符串）

1.实现一个算法，确定一个字符串的所有字符是否全都不同。假使不允许使用额外的数据结构，又该怎么处理？

public class UniqueChars {public static void main(String[] args) {// TODO Auto-generated method stubString string = "abcdefgfedcba";System.out.print(isUniqueChars(string));}public static boolean isUniqueChars(String str) {if (str.length() > 256) {return false;}boolean[] char_set = new boolean[256];for (int i = 0; i < str.length(); i++) {int val = str.charAt(i);if (char_set[val]) {return false;}char_set[val] = true;}return true;}}

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注意：向面试官确认上面的字符串是ASCII字符串还是Unicode字符串。若不是ASCII字符串需扩大存储空间，但其余逻辑不变。

这里假定是ASCII字符串。首先做一个优化，若字符串长度大于字母表中的字符个数，就直接返回false。毕竟，若字母表只有256个字符，字符串里就不可能有280个各不相同的字符。

然后构建一个布尔值的数组，索引值i对应的标记指示该字符串是否含有字母表第i个字符。若这个字符第二次出现，则立即返回false。时间复杂度o(n),空间复杂度o(1)。

若不允许使用额外的数据结构：

（1）将字符串中的每一个字符与其余字符进行比较。时间复杂度为o(n2)，空间复杂度o(1)。

public class UniqueChars {public static void main(String[] args) {// TODO Auto-generated method stubString string = "abcdefgfedcba";System.out.print(isUniqueChars(string));}public static boolean isUniqueChars(String str) {if (str.length() > 256) {return false;}for(int i = 0; i < str.length(); i++) {for(int j = i + 1; j < str.length(); j++) {if(str.charAt(i) == str.charAt(j)) return false;}}return true;}
}

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（2）若允许修改输入字符串，可以在o(nlogn)的时间里对字符串排序，然后线性检查其中有无相邻字符完全相同的情况。

2.用Java实现void reverse(char* str)函数，即反转一个null结尾的字符串。

package ArrayAndString;public class Reverse {public static void main(String[] args) {// TODO Auto-generated method stubString string = "abcdefg";System.out.println(reverseString2(string));}//最简单的方法public static String reverseString(String iniString) {// write code hereStringBuffer tmp = new StringBuffer(iniString);tmp = tmp.reverse();return tmp.toString();}//最常用的方法public static String reverseString2(String iniString) { char[] array = iniString.toCharArray(); String reverse = "";  //注意这是空串，不是nullfor (int i = array.length - 1; i >= 0; i--) { reverse += array[i];}return reverse; } }

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3.给定两个字符串，请编写程序，确定其中一个字符串的字符重新排列后，能否变成另一个字符串。

解法一：对字符串排序后进行比较，若它们拥有相同顺序的字符，即互为变位词。

import java.util.*;public class IsAnagram {public static void main(String[] args) {// TODO Auto-generated method stubString string1 = "aceg";String string2 = "cega";System.out.println(permutation(string1, string2));    }public static String sort(String s) {char[] content = s.toCharArray();Arrays.sort(content);return new String(content);}public static boolean permutation(String s, String t) {if (s.length() != t.length()) {return false;}return sort(s).equals(sort(t));}}

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解法二：利用变位词的定义--组成两个单词的字符数相同，遍历字母表，计算每个字符出现的次数，然后比较这两个数组。

public class IsAnagram {public static void main(String[] args) {// TODO Auto-generated method stubString string1 = "aceg";String string2 = "cega";System.out.println(permutation(string1, string2));    }public static boolean permutation(String s, String t) {if (s.length() != t.length()) {return false;}int[] letters = new int[256];char[] s_array = s.toCharArray();for (char c : s_array) {letters[c]++;}for (int i = 0; i < t.length(); i++) {int c = (int) t.charAt(i);if (--letters[c] < 0) {return false;}}return true;}}

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注意：向面试官确认变位词是否区分大小写以及是否要考虑空白字符。

这里假定变位词比较区分大小写，空白也要考虑在内，是ASCII字符串。首先做一个优化，比较两个字符串的长度，只要长度不同就不可能是变位词。

4.编写一个方法，将字符串中的空格全部替换为“%20”。假定该字符串尾部有足够的空间存放新增字符，并且知道字符串的“真实”长度。（注：用Java实现的话，请使用字符数组实现，以便直接在数组上操作。）

思路：进行两次扫描。第一次扫描先数出字符串中有多少空格，从而算出最终的字符串有多长。第二次扫描真正开始反向编辑字符串，检测到空格则将%20复制到下一个位置，若不是空白，就复制原先的字符。

public class ReplaceString {public static void main(String[] args) {// TODO Auto-generated method stubString str = "abc d e f";char[] arr = new char[str.length() + 3 * 2 + 1];for (int i = 0; i < str.length(); i++) {arr[i] = str.charAt(i);}replaceSpaces(arr, str.length());    System.out.println("\"" + charArrayToString(arr) + "\"");}public static String charArrayToString(char[] array) {StringBuilder buffer = new StringBuilder(array.length);for (char c : array) {if (c == 0) {break;}buffer.append(c);}return buffer.toString();}public static void replaceSpaces(char[] str, int length) {int spaceCount = 0;int index = 0; int i = 0;for (i = 0; i < length; i++) {if (str[i] == ' ') {spaceCount++;}}index = length + spaceCount * 2;str[index] = '\0';for (i = length - 1; i >= 0; i--) {if (str[i] == ' ') {str[index - 1] = '0';str[index - 2] = '2';str[index - 3] = '%';index = index - 3;} else {str[index - 1] = str[i];index--;}}}}

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注意：处理字符串操作问题时，常见做法是从字符串尾部开始编辑，从后往前反向操作。因为字符串尾部有额外的缓冲，可以直接修改，不必担心会复写原有数据。

5.利用字符重复出现的次数，编写一个方法，实现基本的字符串压缩功能。比如，字符串aabcccccaaa会变成a2b1c5a3。若“压缩”后的字符串没有变短，则返回原先的字符串。

public class StringZipper {public static void main(String[] args) {// TODO Auto-generated method stubString str = "aabccccaaa";System.out.println(compressString(str));}public static String compressString(String str) {if (str.length() == 0) {return str;}int flag = 0;int count = 1;StringBuffer sb = new StringBuffer();char last = str.charAt(0);for (int i = 1; i < str.length(); i++) {if (str.charAt(i) == last) {count++;flag = 1;} else {sb.append(last);sb.append(count);last = str.charAt(i);count = 1;}}sb.append(last);sb.append(count);if (flag == 0 || sb.length() >= str.length()) {return str;} else {return sb.toString();}}}

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注意：使用flag变量记录字符串中是否有重复字符。若最终flag=0说明字符串中无重复字符，返回原字符串。时间复杂度和空间复杂度都为o(N)。

6.给定一幅由N*N矩阵表示的图像，其中每个像素的大小为4字节，编写一个方法，将图像旋转90度。不占用额外内存空间能否做到？

二维数组a[n][n]顺时针旋转90度，找规律如下：

当n=1时，不动。当n=2时，有：a[0][0] = a[1][0] a[1][0] = a[1][1] a[1][1] = a[0][1] a[0][1] = a[0][0] 初步总结规律为：a[i][j] = a[n-1-j][i]

当n=3，4，5,……时也是满足的。到这里，如果不考虑空间复杂度，只需要再构建一个二维数组b[n][n]，利用公式b[i][j] = a[n-1-j][i]就可以解决。代码如下：

public void rotate(int[][] matrix) {int n = matrix.length;int[][] m = new int[n][n];for(int row=0;row<n;row++){for(int col=0;col<n;col++){m[row][col] = matrix[n-1-col][row];}}//再赋值回matrix，注意java是形参是引用传递for(int row=0;row<n;row++){for(int col=0;col<n;col++){matrix[row][col] = m[row][col];}}}

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但是题目要求不占用额外空间，应该怎么旋转？接着上面的分析，以n=3为例：把焦点放在一个元素的旋转上，可以看出要在原数组中旋转，在不丢失数据的情况下，每个值的旋转会“波及”4个数，以1为例波及到了1,3,7,9，每个数旋转要不丢失数据就要考虑如何让这4个数都得以保留。前边总结了规律a[i][j] = a[n-1-j][i]，分析每组被波及的数，我们可以得出这里波及了的4个数其实就是a[i][j] a[n-1-j][i] a[n-1-i][n-1-j] a[n-1-(n-1-j)][n-1-i]=a[j][n-1-i] 所以这里需要引入一个临时变量temp就可以解决这4个数的顺时针交换，如：

int temp = matrix[i][j];

matrix[i][j] = matrix[n-1-j][i];

matrix[n-1-j][i] = matrix[n-1-i][n-1-j];

matrix[n-1-i][n-1-j] = matrix[j][n-1-i];

matrix[j][n-1-i] = temp;

把焦点放在一个元素上，数交换的问题解决了。那么现在把焦点回到整个二维数组上来，每个数的旋转会波及4个数，相当于用上面的方法，每旋转一个数，就把一组的4个数都旋转了，

所以现在的问题就是如何才能完整的把所有的数都旋转90度且不会多旋转，继续分析：

n=1时，不需旋转。

n=2时，只需要完成1（a[0][0]）的旋转，就完成了整个数组的旋转。

n=3时，需要完成1,2（a[0][0],a[0][1]）的旋转，就完成了整个数组的旋转。

n=4时，需要完成1,2,3,6（a[0][0至3]，a[1][1]）的旋转。

n=5时，需要完成(a[0][0至4]，a[1][1至2])的旋转。

大致可以总结出这么一个规律：对于要旋转的数a[i][j]满足，i<n/2 且 i<=j<n-1-i，至此问题终于解决。

public class Rotate {public static void main(String[] args) {// TODO Auto-generated method stubint[][] arr = {{1,2,3}, {4,5,6}, {7,8,9}};int length = arr.length;int[][] arr1 = transform(arr, length);for(int i = 0; i < length; ++i) {for(int j = 0; j < length; ++j) {System.out.print(arr1[i][j]+" ");}}}public static int[][] transform(int[][]matrix, int n) {int limit = n / 2;for (int i = 0; i < limit; i++) {for(int j = i; j < n - i - 1; j++) {int temp = matrix[i][j];matrix[i][j] = matrix[n-1-j][i];matrix[n-1-j][i] = matrix[n-1-i][n-1-j];matrix[n-1-i][n-1-j] = matrix[j][n-1-i];matrix[j][n-1-i] = temp;}}return matrix;}}

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算法的时间复杂度为o(N的平方)，已经是最优做法。

7.编写一个算法，若M*N矩阵中某个元素位0，则将其所在的行与列清零。

public class ClearZeros {public static void main(String[] args) {// TODO Auto-generated method stubint[][] arr = {{1,2,0}, {4,5,6}, {7,8,9}};int[][] arr1 = setZeros(arr);for(int i = 0; i < arr.length; ++i) {for(int j = 0; j < arr[0].length; ++j) {System.out.print(arr1[i][j]+" ");}}}public static int[][] setZeros(int[][] matrix) {boolean[] row = new boolean[matrix.length];boolean[] column = new boolean[matrix[0].length];for (int i = 0; i < matrix.length; i++) {for (int j = 0; j < matrix[0].length; j++) {if (matrix[i][j] == 0) {row[i] = true;column[j] = true;}}}for (int i = 0; i < matrix.length; i++) {for (int j = 0; j < matrix[0].length; j++) {if (row[i] || column[j]) {matrix[i][j] = 0;}}}return matrix;}}

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注意：不能在第一次遍历整个矩阵时，发现值为零的元素就直接将其所在的行与列清零，这样的话最后整个矩阵的所有元素都会变为零。要新建一个矩阵标记零元素的位置，在第二次遍历矩阵时将零元素所在的行与列清零。而且只需记录哪行和哪列有零元素即可，无须记录零元素的确切位置。

8.假定有一个方法isSubstring，可检查一个单词是否为其他字符串的子串。给定两个字符串s1和s2,请编写代码检查s2是否为s1旋转而成，要求只能调用一次isSubstring。（比如，waterbottle是erbottlewat旋转后的字符串）。

public class IsRotation {public static void main(String[] args) {// TODO Auto-generated method stubSystem.out.println(isRotation("abc","abc"));}public static boolean isSubstring(String str1,String str2){if(str1.contains(str2) || str2.contains(str1)) {return true;}return false;}public static boolean isRotation(String str1,String str2){if(str1.length() != str2.length()) {return false;}String sum = str1 + str1;return isSubstring(sum, str2);}}

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注意：假定s2由s1旋转而成，那么将s1切分成x和y，就会满足xy=s1和yx=s2。不论x和y之间的分割点在哪，yx都肯定是xyxy的子串，也即s2总是s1s1的子串。直接调用isSubstring(s1s1,s2)即可。

转载于:https://www.cnblogs.com/struggleli/p/7815584.html

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