CF102302E.Chi’s performance

题意&思路：

有一个演出，N个人参与，每个人的乐器编号V_i，能力编号P_i，演出按V_i从小到大表演。人们的享受值为两个不同乐器的P的差值的绝对值之和，问最大的享受值为多少。
为了使差值尽可能大，我们要使相邻的不同乐器之间的差值尽可能大。我们可以写几组数据构造发现，只有最大最小，次大次小影响较大。
因为对于一个乐器的相邻乐器来说，只有与他的最大最小值的差值才会最大，因为每个乐器（除了第一个和最后一个)都有两个乐器相邻，所以我们考虑最大最小值和次大次小值。
将乐器排序，分类。
对于乐器数目不满四个的，用-1标记。又可得如果一个乐器只有一种，那这个乐器的p值可以（必须）使用两次，此时将数组全部赋为此值。
用dp[i][j]表示选了i种乐器，此时选第j个乐器的最大权值，v[i][j]表示第i种乐器，第j个乐器的权值。
可得状态转移方程：
dp[i][j]=max{dp[i-1][m]+abs(v[i][j]-v[i-1][k]}(m≠k)很显然，一个乐器不能使用两次，所以m不能等于k。
最后求max{dp[len][j]} len为乐器的种类数目。

代码：

#include<bits/stdc++.h>
#define pii pair<int,int>
#define int long long
#define cl(x,y) memset(x,y,sizeof(x))
#define ct cerr<<"Time elapsed:"<<1.0*clock()/CLOCKS_PER_SEC<<"s.\n";
const int N=1e6+10;
const int mod=1e7+9;
const int maxn=0x3f3f3f3f;
const int minn=0xc0c0c0c0;
const int inf=99999999;
using namespace std;
struct music
{int w,p;
}a[N];
vector<int> b[N];
int cmp(music x,music y)
{return x.p<y.p;
}
int v[N][5]={0},dp[N][5]={0};
signed main()
{ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(0);cout.tie(0);int n,i,j,k,m;cin>>n;for(i=1;i<=n;i++)cin>>a[i].p>>a[i].w;sort(a+1,a+n+1,cmp);int f=a[1].p,len=1;for(i=1;i<=n;i++){if(a[i].p==f)b[len].push_back(a[i].w);else{f=a[i].p;b[++len].push_back(a[i].w);}}for(i=1;i<=len;i++){sort(b[i].begin(),b[i].end());int l=b[i].size();if(l==1)for(j=1;j<=4;j++)v[i][j]=b[i][0];else if(l<4){for(j=1;j<=l;j++)v[i][j]=b[i][j-1];for(j=l+1;j<=4;j++)v[i][j]=-1;}else{v[i][1]=b[i][0];v[i][2]=b[i][1];v[i][3]=b[i][l-2];v[i][4]=b[i][l-1];}}for(i=1;i<=4;i++)v[0][i]=-1;for(i=1;i<=len;i++){for(j=1;j<=4;j++)for(k=1;k<=4;k++)  for(m=1;m<=4;m++)if(v[i][j]!=-1 && v[i-1][k]!=-1 && m!=k)dp[i][j]=max(dp[i][j],dp[i-1][m]+abs(v[i][j]-v[i-1][k]));}int ans=-maxn;for(i=1;i<=4;i++)ans=max(ans,dp[len][i]);cout<<ans<<endl;return 0;
}

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