bzoj1072: [SCOI2007]排列perm

思路：状压dp，f[i][j]表示新的排列的状态为i(也就是新的排列已经选了哪些数），然后模d的余数为j的方案数。

但考虑到可能有些数会出现多次，假设一个数x出现了cnt[x]次，那么对于一个可行的答案，显然也包含cnt[x]个x，那么这样的答案就会被计算多次，因为如果状态i先加入第一个x再加入第二个x和状态i先加入第二个x再加入第一个x显然是算作两种不同的方案，但其实他们是一样的，但对于某一个确定的合法的答案，x的位置不会变，因此如果重复的情况只可能是该答案中所有的x在互换，这种互换会被多次统计但答案其实只有一个，可以发现这种互换的情况数有cnt[x]!种（本质上就是一个长为cnt[x]的排列的情况数），然后答案除以cnt[x]！就可以完成去重了。

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<cmath>
using namespace std;
#define maxn 1<<11int cases,p;
int cnt[15],f[maxn][maxn];
char s[15];int main(){scanf("%d",&cases);while (cases--){scanf("%s%d",s,&p);int n=strlen(s);memset(f,0,sizeof(f)),f[0][0]=1,memset(cnt,0,sizeof(cnt));for (int i=0;i<n;i++) cnt[s[i]-'0']++;for (int i=0;i<(1<<n);i++)for (int m=0;m<p;m++)for (int j=0;j<n;j++)if (!(i&(1<<j))) f[i|(1<<j)][(m*10+s[j]-'0')%p]+=f[i][m];int ans=f[(1<<n)-1][0];for (int i=0;i<=9;i++)for (int j=2;j<=cnt[i];j++)ans/=j;printf("%d\n",ans);}return 0;
}

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