鸣人和佐助（广度搜索）

(博主最近去研究深搜和广搜去了，鸽一会。)

佐助被大蛇丸诱骗走了，鸣人在多少时间内能追上他呢？

已知一张地图（以二维矩阵的形式表示）以及佐助和鸣人的位置。地图上的每个位置都可以走到，只不过有些位置上有大蛇丸的手下，需要先打败大蛇丸的手下才能到这些位置。鸣人有一定数量的查克拉，每一个单位的查克拉可以打败一个大蛇丸的手下。假设鸣人可以往上下左右四个方向移动，每移动一个距离需要花费 1 个单位时间，打败大蛇丸的手下不需要时间。如果鸣人查克拉消耗完了输入格式，则只可以走到没有大蛇丸手下的位置，不可以再移动到有大蛇丸手下的位置。佐助在此期间不移动，大蛇丸的手下也不移动。请问，鸣人要追上佐助最少需要花费多少时间？

输入格式

输入的第一行包含三个整数：M，N，T。代表 M 行 N 列的地图和鸣人初始的查克拉数量 T。

0 < M,N < 200，0≤T<10

后面是 MM 行 NN 列的地图，其中 @ 代表鸣人，+ 代表佐助。* 代表通路，# 代表大蛇丸的手下。

输出格式

输出包含一个整数 RR，代表鸣人追上佐助最少需要花费的时间。如果鸣人无法追上佐助，则输出 -1。

样例输入1

4 4 1
#@##
**##
###+
****

样例输出1

样例输入2

4 4 2
#@##
**##
###+
****

样例输出2

#include <iostream>
#include <string>
using namespace std;
string maze[220];
bool vis[220][220];
int n,m;
int ans=10000;
int flag=0;
int depth=1;
int dir[4][2]={{-1,0},{0,-1},{1,0},{0,1}};
bool in(int x,int y)
{return x>=0&&x<m&&y>=0&&y<n;
}
void dfs(int x,int y,int depth,int t)
{if(maze[x][y]=='+'){flag=1;                                   //能碰到佐助就把flag置位1if(depth<ans)                            //保证ans为最小ans{ans=depth;}return;}if(depth>ans)                                //剪去一部分情况{return ;}vis[x][y]=1;for(int i=0;i<4;i++){int tx=x+dir[i][0];int ty=y+dir[i][1];if(in(tx,ty)&&!vis[tx][ty])                              //如果(tx,ty)没有超界，且没有访问过{if(maze[tx][ty]=='#'&&t>0)                           //如果遇到大蛇丸手下，且还有查克拉{dfs(tx,ty,depth+1,t-1);                          //递归}if(maze[tx][ty]!='#')                                //如果没有遇到大蛇丸手下{dfs(tx,ty,depth+1,t);                            //递归}}}vis[x][y]=0;
}
int main()
{int t;cin>>m>>n>>t;int x,y;for(int i=0;i<m;i++){cin>>maze[i];}for(int i=0;i<m;i++){for(int j=0;j<n;j++){if(maze[i][j]=='@'){x=i;y=j;}}}dfs(x,y,0,t);if(flag==1){cout<<ans<<endl;}else{cout<<-1<<endl;}return 0;
}

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