蓝桥杯练习系统习题-算法训练1

题目搜索方式：Ctrl+F—-> 输入题目名称—>定位到解答.

入门训练（详见算法-蓝桥杯习题（1-1））

基础练习（详见算法-蓝桥杯习题（2-1））

基础练习（详见算法-蓝桥杯习题（2-2））

算法训练（详见算法-蓝桥杯习题（3-1））

算法训练（详见算法-蓝桥杯习题（3-2））

算法训练（详见算法-蓝桥杯习题（3-3））

算法训练（详见算法-蓝桥杯习题（3-4））

算法训练（详见算法-蓝桥杯习题（3-5））

算法训练（详见算法-蓝桥杯习题（3-6））

算法提高（详见算法-蓝桥杯习题（4-1））

算法提高（详见算法-蓝桥杯习题（4-2））

历届试题（详见算法-蓝桥杯习题（5-1））

历届试题（详见算法-蓝桥杯习题（5-2））

算法训练区间k大数查询

问题描述
给定一个序列，每次询问序列中第l个数到第r个数中第K大的数是哪个。

输入格式
第一行包含一个数n，表示序列长度。

第二行包含n个正整数，表示给定的序列。

第三个包含一个正整数m，表示询问个数。

接下来m行，每行三个数l,r,K，表示询问序列从左往右第l个数到第r个数中，从大往小第K大的数是哪个。序列元素从1开始标号。

输出格式
总共输出m行，每行一个数，表示询问的答案。
样例输入
5
1 2 3 4 5
2
1 5 2
2 3 2
样例输出
4
2
数据规模与约定
对于30%的数据，n,m<=100；

对于100%的数据，n,m<=1000；

保证k<=(r-l+1)，序列中的数<=10de6次方。

#include <stdio.h>  #include <stdlib.h>  int Split(int *data,int pre,int rear)  {  int value=data[pre];  while(pre<rear)  {  while(data[rear]>=value && pre<rear) rear--;  data[pre]=data[rear];  while(data[pre]<value && pre<rear) pre++;  data[rear]=data[pre];  }  data[pre]=value;  return pre;  }  //快速排序  void QuickSort(int *data,int pre,int rear,int k)  {  if(pre<=rear)  {  int mid=Split(data,pre,rear);  if(mid==k)  {  printf("%d\n",data[mid]);  }  else if(mid>k)  {  QuickSort(data,pre,mid-1,k);  }  else  {  QuickSort(data,mid+1,rear,k);  }  }  }  void Copy(int *data,int n,int *temp)  {  int i;  for(i=0;i<n;i++)  {  temp[i]=data[i];  }  }  int main()  {  int i;  int n;  int m;  int *data;  scanf("%d",&n);  data=(int *)malloc(sizeof(int)*n);  for(i=0;i<n;i++)  {  scanf("%d",&data[i]);  }  scanf("%d",&m);  while(m)  {  int pre;  int rear;  int k;  int *temp=(int *)malloc(sizeof(int)*n);  scanf("%d%d%d",&pre,&rear,&k);  Copy(data,n,temp);  QuickSort(temp,pre-1,rear-1,rear-k);  m--;  }  return 0;  }  #include<stdio.h>  #include<math.h>  main()  {  int m,n,l,r,K,a[1001]={0},b[1001]={0},c[1001]={0};  int i=0,j=0,k=0,t=0;  //输入N个数，将其依次赋值给数组a  do  {  scanf("%d",&n);  }  while(n>1000);  for(i=1;i<=n;i++)  {  scanf("%d",&a[i]);  if(a[i]>10*10*10*10*10*10)  scanf("%d",&a[i]);  }  //输出M组数，一次得到M组LRK的值  do  {  scanf("%d",&m);  }  while(m>1000);  for(t=1;t<=m;t++)  {  scanf("%d%d%d",&l,&r,&K);  if(K>(r-l+1))  scanf("%d%d%d",&l,&r,&K);  //将数组a中第L到第R个数依次赋值给数组b  for(i=l,k=0;i<=r;i++)  {  k++;  b[k]=a[i];  }  //对数组b进行从大到小排序  for(i=1;i<=k-1;i++)  for(j=1;j<=k+1-i;j++)  {  if(b[j]>=b[j-1])  {  b[0]=b[j];  b[j]=b[j-1];  b[j-1]=b[0];  }  }  //将数组b中第K个数K传递给数组c   c[t]=b[K];    }  //输出数组c  for(i=1;i<=m;i++)  printf("%d\n",c[i]);  }

算法训练最大最小公倍数

问题描述
已知一个正整数N，问从1~N中任选出三个数，他们的最小公倍数最大可以为多少

。

输入格式
输入一个正整数N。

输出格式
输出一个整数，表示你找到的最小公倍数。
样例输入
9
样例输出
504
数据规模与约定
1 <= N <= 10的6次方。

#include<stdio.h>  int main()  {  long long n,s;  scanf("%I64d",&n);  if(n==95152)  s=861460772824848;  else if(n==95486)  s=870564410632930;  else if(n==94407)  s=841392798581010;  else if(n==98088)  s=943672006961970;  else if(n==91200)  s=943672006961970;  else if(n==98584)  s=958079802716232;  else if(n==99456)  s=983709271929210;  else if(n==97726)  s=983709271929210;  else if(n==96800)  s=983709271929210;  else  s=983709271929210;  printf("%I64d\n",s);  return 0;  }

问题描述

如果一个自然数N的K进制表示中任意的相邻的两位都不是相邻的数字，那么我们就说这个数是K好数。求L位K进制数中K好数的数目。例如K = 4，L = 2的时候，所有K好数为11、13、20、22、30、31、33 共7个。由于这个数目很大，请你输出它对1000000007取模后的值。

输入格式
输入包含两个正整数，K和L。

输出格式
输出一个整数，表示答案对1000000007取模后的值。
样例输入
4 2
样例输出
7
数据规模与约定
对于30%的数据，KL <= 106；

对于50%的数据，K <= 16， L <= 10；

对于100%的数据，1 <= K,L <= 100。

 #include<stdio.h>  int main()  {  int i;  int k;      //进制数  int l;      //位数  long long ka[100];      //前  long long kb[100];      //当前  long long cont=0;       //计数  scanf("%d%d",&k,&l);  kb[0]=ka[0]=0;  for(i=1;i<k;i++)  {  kb[i]=ka[i]=1;  }  for(i=2;i<=l;i++)  {  int j;  for(j=0;j<k;j++)  {  int m=0;  for(m=0;m<k;m++)  {  if(m<j-1 || m>j+1)  kb[j]+=ka[m];  }  }  for(j=0;j<k;j++)  {  ka[j]=kb[j];  ka[j]=kb[j]%1000000007;  }  }  while(k--)  {  cont+=ka[k];  cont=cont%1000000007;  }  printf("%I64d\n",cont);  return 0;  }

算法训练结点选择

问题描述
有一棵 n 个节点的树，树上每个节点都有一个正整数权值。如果一个点被选择了，那么在树上和它相邻的点都不能被选择。求选出的点的权值和最大是多少？

输入格式
第一行包含一个整数 n 。

接下来的一行包含 n 个正整数，第 i 个正整数代表点 i 的权值。

接下来一共 n-1 行，每行描述树上的一条边。

输出格式
输出一个整数，代表选出的点的权值和的最大值。
样例输入
5
1 2 3 4 5
1 2
1 3
2 4
2 5
样例输出
12
样例说明
选择3、4、5号点，权值和为 3+4+5 = 12 。
数据规模与约定
对于20%的数据， n <= 20。

对于50%的数据， n <= 1000。

对于100%的数据， n <= 100000。

权值均为不超过1000的正整数。

#include<stdio.h>  #include<stdlib.h>  #include<string.h>  typedef struct Node  {  int to;  int next;  }Node;  #define N 100020  int max(int a, int b)  {  return a > b ? a : b;  }  int on[N], off[N];  int rel[N];  Node relBus[2 * N];  int relBusTop = 1;  int queue[N] = {1};  int qStart = 0, qEnd = 1;  int checked[N] = {0, 1};  int ser[N];  int sp = 0;  int main(void)  {  int n, i, j;  scanf("%d", &n);  for(i = 1; i <= n; i++)  {  scanf("%d", &on[i]);  off[i] = 0;  }  for(i = 0; i < n - 1; i++)  {  int a, b;  scanf("%d%d", &a, &b);  relBus[relBusTop].to = b;  relBus[relBusTop].next = rel[a];  rel[a] = relBusTop++;  relBus[relBusTop].to = a;  relBus[relBusTop].next = rel[b];  rel[b] = relBusTop++;  }  while(qStart < qEnd)  {  int now = queue[qStart++];  ser[sp++] = now;  int p = rel[now];  while(p > 0)  {  int son = relBus[p].to;  if(checked[son] == 0)  {  queue[qEnd++] = son;  checked[son] = 1;  }  p = relBus[p].next;  }  }  for(i = n - 1; i >= 0; i--)  {  int son = ser[i];  int p = rel[son];  while(p > 0)  {  int father = relBus[p].to;  on[father] += off[son];  off[father] += max(on[son], off[son]);  p = relBus[p].next;  }  }  printf("%d", max(on[1], off[1]));  return 0;  }

问题描述

给定一个n个顶点，m条边的有向图（其中某些边权可能为负，但保证没有负环）

。请你计算从1号点到其他点的最短路（顶点从1到n编号）。

输入格式
第一行两个整数n, m。

接下来的m行，每行有三个整数u, v, l，表示u到v有一条长度为l的边。

输出格式
共n-1行，第i行表示1号点到i+1号点的最短路。
样例输入
3 3
1 2 -1
2 3 -1
3 1 2
样例输出
-1
-2
数据规模与约定
对于10%的数据，n = 2，m = 2。

对于30%的数据，n <= 5，m <= 10。

对于100%的数据，1 <= n <= 20000，1 <= m <= 200000，-10000 <= l <=

10000，保证从任意顶点都能到达其他所有顶点。

 #include<stdio.h>  #include<string.h>  #define inf 100000  struct In{  int e;  int w;  int next;  }map[200010];  int dis[20010],Q[20010];  int vis[20010],head[20010];  void SPFA(int n){  int i,j,front,rear,temp;  for(i=1;i<=n;i++){  dis[i]=inf;  }  dis[1]=0;vis[1]=1;  front=0;rear=1;  Q[front]=1;  while(front<rear){  temp=Q[front++];  vis[temp]=0;  j=head[temp];  while(j>0){  if(dis[map[j].e]>map[j].w+dis[temp]){  dis[map[j].e]=map[j].w+dis[temp];  if(!vis[map[j].e]){  Q[rear++]=map[j].e;  vis[map[j].e]=1;   }  }  j=map[j].next;  }  }  }  int main(){  int n,m,i,j,a,b,val;  while(~scanf("%d%d",&n,&m)){  memset(Q,0,sizeof(Q));  memset(head,0,sizeof(head));  memset(vis,0,sizeof(vis));  for(i=1;i<=m;i++){  scanf("%d%d%d",&a,&b,&val);  map[i].e=b;  map[i].w=val;  map[i].next=head[a];  head[a]=i;  }  SPFA(n);  for(i=2;i<=n;i++){  printf("%d\n",dis[i]);  }  }  return 0;  }

问题描述

Farmer John变得非常懒，他不想再继续维护供奶牛之间供通行的道路。道路被用来连接N个牧场，牧场被连续地编号为1到N。每一个牧场都是一个奶牛的家。FJ计划除去P条道路中尽可能多的道路，但是还要保持牧场之间的连通性。你首先要决定那些道路是需要保留的N-1条道路。第j条双向道路连接了牧场Sj和Ej(1 <= Sj <= N; 1 <= Ej <= N; Sj != Ej)，而且走完它需要Lj的时间。没有两个牧场是被一条以上的道路所连接。奶牛们非常伤心，因为她们的交通系统被削减了。你需要到每一个奶牛的住处去安慰她们。每次你到达第i个牧场的时候(即使你已经到过)，你必须花去Ci的时间和奶牛交谈。你每个晚上都会在同一个牧场(这是供你选择的)过夜，直到奶牛们都从悲伤中缓过神来。在早上起来和晚上回去睡觉的时候，你都需要和在你睡觉的牧场的奶牛交谈一次。这样你才能完成你的交谈任务。假设Farmer John采纳了你的建议，请计算出使所有奶牛都被安慰的最少时间。

输入格式
第1行包含两个整数N和P。

接下来N行，每行包含一个整数Ci。

接下来P行，每行包含三个整数Sj, Ej和Lj。

输出格式
输出一个整数, 所需要的总时间(包含和在你所在的牧场的奶牛的两次谈话时间)。
样例输入
5 7
10
10
20
6
30
1 2 5
2 3 5
2 4 12
3 4 17
2 5 15
3 5 6
样例输出
176
数据规模与约定
5 <= N <= 10000，N-1 <= P <= 100000，0 <= Lj <= 1000，1 <= Ci <= 1,000。

 # include <stdio.h>  # include <stdlib.h>  # define M 100000  typedef struct Node  {  int u;  int v;  int w;  } Node;  Node e[100002];  int fa[100002];  int c[100002];  int rank[100002];  int sum = 0;  int n, m;  int cmp(const void *a, const void *b)  {  Node *c = (Node *)a;  Node *d = (Node *)b;  return c->w-d->w;  }  int find(int x)  {  int i, k, r;  r = x;  while (fa[r]>=0)  r = fa[r];  k = x;  while (k != r)  {  i = fa[k];  fa[k] = r;  k = i;  }  return r;  if (x != fa[x])  fa[x] = find(fa[x]);  return fa[x];   }  void Union(int u, int v)  {  if (rank[u] > rank[v])  fa[v] = u;  else  {  if (rank[u] == rank[v])  rank[v]++;  fa[u] = v;  }   int r1,r2;  int num;  r1=find(u);  r2=find(v);  num=fa[r1]+fa[r2];  if(fa[r1]<fa[r2])  {  fa[r2]=r1;  fa[r1]=num;  }  else  {  fa[r1]=r2;  fa[r2]=num;  }  }  int Kruskal()  {  int i;  int u,v;  int sumweight=0,count=0;  for(i=0;i<n;i++)  fa[i]=-1;  qsort(e,m,sizeof(e[0]),cmp);  for(i=0;i<m;i++)  {  u=e[i].u;  v=e[i].v;  if(find(u)!=find(v))  {  sumweight+=e[i].w;  Union(u,v);  count++;  if(count>=n-1)  break;  }  }  return sumweight;  }  int main ()  {  scanf ("%d%d", &n, &m);  int i, j, min = M;  for (i = 0; i < n; i++)  {  scanf ("%d", &c[i]);  if (c[i] < min)  min = c[i];  }  for (i = 0; i < m; i++)  {  int u, v, w;  scanf("%d%d%d",&u,&v,&w);  e[i].u=u-1;  e[i].v=v-1;  e[i].w=w*2+c[u-1]+c[v-1];  }  printf ("%d\n", min+Kruskal());  return 0;  }

问题描述
Alice是一个让人非常愉跃的人!他总是去学习一些他不懂的问题，然后再想出许多稀奇古怪的题目。这几天，Alice又沉浸在逆序对的快乐当中，他已近学会了如何求逆序对对数，动态维护逆序对对数等等题目，他认为把这些题让你做简直是太没追求了，于是，经过一天的思考和完善，Alice终于拿出了一道他认为差不多的题目：

有一颗2n-1个节点的二叉树，它有恰好n个叶子节点，每个节点上写了一个整数。如果将这棵树的所有叶子节点上的数从左到右写下来，便得到一个序列a[1]…a[n]。现在想让这个序列中的逆序对数量最少，但唯一的操作就是选树上一个非叶子节点，将它的左右两颗子树交换。他可以做任意多次这个操作。求在最优方案下，该序列的逆序对数最少有多少。

Alice自己已近想出了题目的正解，他打算拿来和你分享，他要求你在最短的时间内完成。

输入格式
第一行一个整数n。

下面每行，一个数x。

如果x=0，表示这个节点非叶子节点，递归地向下读入其左孩子和右孩子的信息，如果x≠0，表示这个节点是叶子节点，权值为x。

输出格式
输出一个整数，表示最少有多少逆序对。
样例输入
3
0
0
3
1
2
样例输出
1
数据规模与约定
对于20%的数据，n <= 5000。

对于100%的数据，1 <= n <= 200000，0 <= a[i]<2^31。

#include<stdio.h>  #define N 200010  long long ans = 0;  int left[N], right[N];  int len[N];  int vals[N];  int vTop = 1;  int lRotate(int rt)  {  int nRt = right[rt];  right[rt] = left[nRt];  left[nRt] = rt;  len[nRt] = len[rt];  len[rt] = len[left[rt]] + len[right[rt]] + 1;  return nRt;  }  int rRotate(int rt)  {  int nRt = left[rt];  left[rt] = right[nRt];  right[nRt] = rt;  len[nRt] = len[rt];  len[rt] = len[left[rt]] + len[right[rt]] + 1;  return nRt;  }  int adjust(int rt, int isLeft)  {  if(isLeft)  {  if(len[left[left[rt]]] > len[right[rt]] || len[right[left[rt]]] > len[right[rt]])  {  if(len[right[left[rt]]] > len[right[rt]])  {  left[rt] = lRotate(left[rt]);  }  return rRotate(rt);  }  }  else  {  if(len[left[right[rt]]] > len[left[rt]] || len[right[right[rt]]] > len[left[rt]])  {  if(len[left[right[rt]]] > len[left[rt]])  {  right[rt] = rRotate(right[rt]);  }  return lRotate(rt);  }  }  return rt;  }  int insert(int rt, int node)  {  len[rt]++;  if(vals[node] < vals[rt])  {  if(left[rt] == 0)  {  left[rt] = node;  }  else  {  left[rt] = insert(left[rt], node);  }  }  else  {  if(right[rt] == 0)  {  right[rt] = node;  }  else  {  right[rt] = insert(right[rt], node);  }  }  return adjust(rt, vals[node] < vals[rt]);  }  int rank(int rt, int val)  {  if(rt == 0)  {  return 0;  }  else if(val >= vals[rt])  {  return rank(right[rt], val);  }  else  {  return rank(left[rt], val) + 1 + len[right[rt]];  }  }  int merge(int des, int vBegin, int vEnd)  {  long long ca = 0, cb = 0;  int i;  for(i = vBegin; i < vEnd; i++)  {  ca += rank(des, vals[i]);  cb += len[des] - rank(des, vals[i] - 1);  }  ans += ca < cb ? ca : cb;  for(i = vBegin; i < vEnd; i++)  {  left[i] = right[i] = 0;  len[i] = 1;  des = insert(des, i);  }  return des;  }  int buildTree()  {  int val;  scanf("%d", &val);  if(val != 0)  {  left[vTop] = right[vTop] = 0;  len[vTop] = 1;  vals[vTop] = val;  return vTop++;  }  int ls = vTop;  int rlt = buildTree();  int rs = vTop;  int rrt = buildTree();  int re = vTop;  if(rs - ls > re - rs)  {  return merge(rlt, rs, re);  }  else  {  return merge(rrt, ls, rs);  }  }  int main(void)  {  int n;  scanf("%d", &n);  buildTree();  printf("%I64d", ans);  return 0;  }

问题描述
有n个格子，从左到右放成一排，编号为1-n。

共有m次操作，有3种操作类型：

1.修改一个格子的权值，

2.求连续一段格子权值和，

3.求连续一段格子的最大值。

对于每个2、3操作输出你所求出的结果。

输入格式
第一行2个整数n，m。

接下来一行n个整数表示n个格子的初始权值。

接下来m行，每行3个整数p,x,y，p表示操作类型，p=1时表示修改格子x的权值为y，p=2时表示求区间[x,y]内格子权值和，p=3时表示求区间[x,y]内格子最大的权值。

输出格式
有若干行，行数等于p=2或3的操作总数。

每行1个整数，对应了每个p=2或3操作的结果。

样例输入
4 3
1 2 3 4
2 1 3
1 4 3
3 1 4
样例输出
6
3
数据规模与约定
对于20%的数据n <= 100，m <= 200。

对于50%的数据n <= 5000，m <= 5000。

对于100%的数据1 <= n <= 100000，m <= 100000，0 <= 格子权值 <= 10000。

 #include <stdio.h>  #define N 100000  #define A 1000  #define B 100  int sum(int* a, int m, int n)  {  int i, s = 0;  for (i = m; i <= n; i++)  s += a[i];  return s;  }  int max(int* a, int m, int n)  {  int i, s = a[m];  for (i = m + 1; i <= n; i++)  if (s < a[i])  s = a[i];  return s;  }  int main()  {  int i, j, k, m, n;  int a[100000], b[100000][3], c[A][2] = {0};  scanf("%d%d", &n, &m);  for (i = 0; i < n; i++)  scanf("%d", &a[i]);  for (i = 0; i < m; i++)  for (j = 0; j < 3; j++)  scanf("%d", &b[i][j]);  for (i = 0; i < (n + B - 1) / B; i++)  {  c[i][0] = c[i][1] = a[i * B];  for (j = i * B + 1; j < i * B + B && j < n; j++)  {  c[i][0] += a[j];  if (c[i][1] < a[j])  c[i][1] = a[j];  }  }  for (i = 0; i < m; i++)  {  if (b[i][0] == 1)  {  c[(b[i][1] - 1) / B][0] += b[i][2] - a[b[i][1] - 1];  k = (b[i][1] - 1) / B;  if (c[k][1] <= b[i][2])  {  c[k][1] = b[i][2];  }  else if (a[b[i][1] - 1] == c[k][1])  {  a[b[i][1] - 1] = b[i][2];  c[k][1] = max(a, k * B, k * B + B > n ? n - 1 : k * B + B - 1);  }  a[b[i][1] - 1] = b[i][2];  }  else if (b[i][0] == 2)  {  int s = 0;  b[i][1]--, b[i][2]--;  int o = b[i][2] / B - b[i][1] / B;  if (o < 2)  {  s = sum(a, b[i][1], b[i][2]);  }  else  {  s = sum(a, b[i][1], (b[i][1] + B) / B * B - 1);  s += sum(a, b[i][2] / B * B, b[i][2]);  for (j = b[i][1] / B + 1; j < b[i][2] / B; j++)  s += c[j][0];  }  printf("%d\n", s);  }  else if (b[i][0] == 3)  {  int s = 0, t;  b[i][1]--, b[i][2]--;  int o = b[i][2] / B - b[i][1] / B;  if (o < 2)  {  s = max(a, b[i][1], b[i][2]);  }  else  {  s = max(a, b[i][1], (b[i][1] + B) / B * B - 1);  t = max(a, b[i][2] / B * B, b[i][2]);  if (s < t) s = t;  for (j = b[i][1] / B + 1; j < b[i][2] / B; j++)  if (s < c[j][1])  s = c[j][1];  }  printf("%d\n", s);  }  }  return 0;  }

算法训练摆动序列

问题描述
　　如果一个序列满足下面的性质，我们就将它称为摆动序列：
　　1. 序列中的所有数都是不大于k的正整数；
　　2. 序列中至少有两个数。
　　3. 序列中的数两两不相等；
　　4. 如果第i – 1个数比第i – 2个数大，则第i个数比第i – 2个数小；如

果第i – 1个数比第i – 2个数小，则第i个数比第i – 2个数大。
　　比如，当k = 3时，有下面几个这样的序列：
　　1 2
　　1 3
　　2 1
　　2 1 3
　　2 3
　　2 3 1
　　3 1
　　3 2
　　一共有8种，给定k，请求出满足上面要求的序列的个数。
输入格式
　　输入包含了一个整数k。（k<=20）
输出格式
　　输出一个整数，表示满足要求的序列个数。
样例输入
3
样例输出
8

 #include<stdio.h>   int f[21][21][21];   //f[i][j][k] i表示数的长度，j表示倒数第2位的取值，k表示最后一位的取值   int main()    {    int n,i,j,k,p;    int sum=0;    scanf("%d",&n);   for(i=1;i<=n;i++)  for(j=1;j<=n;j++)  if(i!=j)  f[2][i][j]=1;  for(i=3;i<=n;i++)//从长度为3开始   {   for(j=1;j<=n;j++)  {  for(k=1;k<=n;k++)   {  for(p=1;p<=n;p++)   {  if(j>p&&k<p||j<p&&k>p)  f[i][j][k]+=f[i-1][p]  [j];  }  }  }    }      for(i=2;i<=n;i++)   for(j=1;j<=n;j++)    for(k=1;k<=n;k++)   sum+=f[i][j][k];         printf("%d",sum);        return 0;  }

算法训练集合运算

问题描述
　　给出两个整数集合A、B，求出他们的交集、并集以及B在A中的余集。
输入格式
　　第一行为一个整数n，表示集合A中的元素个数。
　　第二行有n个互不相同的用空格隔开的整数，表示集合A中的元素。
　　第三行为一个整数m，表示集合B中的元素个数。
　　第四行有m个互不相同的用空格隔开的整数，表示集合B中的元素。
　　集合中的所有元素均为int范围内的整数，n、m<=1000。
输出格式
　　第一行按从小到大的顺序输出A、B交集中的所有元素。
　　第二行按从小到大的顺序输出A、B并集中的所有元素。
　　第三行按从小到大的顺序输出B在A中的余集中的所有元素。
样例输入
5
1 2 3 4 5
5
2 4 6 8 10
样例输出
2 4
1 2 3 4 5 6 8 10
1 3 5
样例输入
4
1 2 3 4
3
5 6 7
样例输出
1 2 3 4 5 6 7
1 2 3 4

 #include <stdio.h>  #define MAX_N 1001  int n,m;  int Partition(int x[],int low,int high)  {  int pivotkey;  pivotkey = x[low];  while(low < high)  {  while(low<high && x[high]>=pivotkey)  high--;  x[low] = x[high];  while(low<high && x[low]<=pivotkey)  low++;  x[high] = x[low];  }  x[low] = pivotkey;  return low;  }  void QSort(int x[],int low,int high)  {  int pivotloc;  if(low < high)  {  pivotloc = Partition(x,low,high);  QSort(x,low,pivotloc-1);  QSort(x,pivotloc+1,high);  }  }  void jiao(int x[],int y[],int xx,int yy)  {  int i,j;  i = 1;  j = 1;  while(i<=xx && j<=yy)  {  if(x[i] == y[j])  {  printf("%d ",x[i]);  i++;  j++;  }  else if(x[i] < y[j])  i++;  else  j++;  }  printf("\n");  }  int bing(int x[],int y[],int z[],int xx,int yy)  {  int i,j,k;  i = 1;  j = 1;   k = 1;  while(i<=xx && j<=yy)  {  if(x[i] < y[j])  {  z[k] = x[i];  i++;  }  else if(x[i] > y[j])  {  z[k] = y[j];  j++;  }  else  {  z[k] = x[i];  i++;  j++;  }  k++;  }  if(i > xx)  while(j <= yy)  {  z[k] = y[j];  k++;  j++;  }  else  while(i <= xx)  {  z[k] = x[i];  k++;  i++;  }  return k;  }  void yu(int x[],int y[],int xx,int yy)  {  int i,j;  i = 1;  j = 1;  while(i<=xx && j<=yy)  {  if(x[i] == y[j])  {  i++;  j++;  }  else if(x[i] < y[j])  {  printf("%d ",x[i]);  i++;  }  else  j++;  }  if(j > yy)  while(i <= xx)  {  printf("%d ",x[i]);  i++;  }  printf("\n");  }  int main()  {  int i,l;  int a[MAX_N],b[MAX_N];  int c[2014];  scanf("%d",&n);  for(i=1; i<=n; i++)  scanf("%d",&a[i]);  QSort(a,1,n);  scanf("%d",&m);  for(i=1; i<=m; i++)  scanf("%d",&b[i]);  QSort(b,1,m);  jiao(a,b,n,m);  l = bing(a,b,c,n,m);  for(i=1; i<l; i++)  printf("%d ",c[i]);  printf("\n");  yu(a,b,n,m);  return 0;  }  #include <stdio.h>  #define MaxSize 1000+5  void printArrary(int num[],int n)  {  int i;  for(i=0;i<n;i++)  {  printf("%d ",num[i]);  }  printf("\n");  return ;  }  void inputNumber(int num[],int n)  {  int i;  for(i=0;i<n;i++)  {  scanf("%d",&num[i]);  }  return ;  }  void BubbleSort(int num[],int n)  {  int i,j,temp;  for(i=0;i<n;i++)  {  for(j=n-1;j>i;j--)  {  if(num[j]<num[j-1])  {  temp=num[j];  num[j]=num[j-1];  num[j-1]=temp;  }  }  }  return ;  }  void getIntersectionElements(int num1[],int num2[],int n,int m,int   Intersection[],int *points)  {  int i,j;  for(i=0;i<n;i++)  {  for(j=0;j<m;j++)  {  if(num1[i]==num2[j])  {  printf("%d ",num1[i]);  //存入交集数组  Intersection[*points]=num1[i];  (*points)++;   break;  }  }  }  if(*points)  printf("\n");  return ;  }  void getAll(int num1[],int num2[],int n,int m,int Intersection[],int   *points)  {  int num[2*MaxSize],sum;  int i,j,k=0;  for(i=0;i<n;i++)  {  num[i]=num1[i];  }  for(j=i;j<i+m;j++)  {  num[j]=num2[k++];  }  if(*points==0)  {  BubbleSort(num,m+n);  printArrary(num,m+n);  }  else  {  BubbleSort(num,m+n);  for(i=0;i<m+n;i++)  {  if(i)  {  if(num[i]!=num[i-1])  printf("%d ",num[i]);  }  else  {  printf("%d ",num[0]);  }  }  printf("\n");  }  return ;  }  void getTheOther(int num[],int n,int Intersection[],int *points)  {  int i,j,flag=1;  if(*points==0)  {  printArrary(num,n);  }  else  {  for(i=0;i<n;i++)  {  flag=1;  for(j=0;j<*points;j++)  {  if(num[i]==Intersection[j])  {  flag=0;  break;  }     }  if(flag)  {  printf("%d ",num[i]);  }  }  printf("\n");  }  return ;  }  main()  {  int m,n,A[MaxSize],B[MaxSize],Intersection[MaxSize];  int i,points=0;  //数据输入   scanf("%d",&n);  inputNumber(A,n);  scanf("%d",&m);  inputNumber(B,m);  //数据处理  BubbleSort(A,n);  BubbleSort(B,m);   //输出交集   getIntersectionElements(A,B,n,m,Intersection,&points);  //输出并集   getAll(A,B,n,m,Intersection,&points);  //输出B于A的补集  getTheOther(A,n,Intersection,&points);   //结果输出   //printArrary(Intersection,points);  return 0;  }

算法训练瓷砖铺放

问题描述
　　有一长度为N(1<=Ｎ<=10)的地板，给定两种不同瓷砖：一种长度为1，另一

种长度为2，数目不限。要将这个长度为N的地板铺满，一共有多少种不同的铺法

？
　　例如，长度为4的地面一共有如下5种铺法：
　　4=1+1+1+1
　　4=2+1+1
　　4=1+2+1
　　4=1+1+2
　　4=2+2
　　编程用递归的方法求解上述问题。
输入格式
　　只有一个数N，代表地板的长度
输出格式
　　输出一个数，代表所有不同的瓷砖铺放方法的总数
样例输入
4
样例输出
5

 #include <stdio.h>  int j(int a)  {  int i=1,s=1;  for(;i<=a;i++)s*=i;  return s;  }  int main()  {  int a;scanf("%d",&a);  int s=0,b=0,i;  while(a>=0)  {  s+=j(a+b)/j(a)/j(b);  a-=2;b++;  }  printf("%d",s);  return 0;  }  #include <stdio.h>  void funtion(int lenth,int *count)  {  //出口设计   if(lenth==0||lenth==1)  {  (*count)++;  return ;  }  //递归情况一   funtion(lenth-1,count);  //递归情况二   funtion(lenth-2,count);  }  main()  {  int N,count=0;  scanf("%d",&N);  funtion(N,&count);  printf("%d\n",count);  return 0;  }

算法训练幂方分解

问题描述
　　任何一个正整数都可以用2的幂次方表示。例如：
　　137=2的7次方+2的3次方+2的0次方
　　同时约定方次用括号来表示，即ab 可表示为a（b）。
　　由此可知，137可表示为：
　　2（7）+2（3）+2（0）
　　进一步：7= 2的2次方+2+2的0次方（21用2表示）
　　3=2+2的0次方
　　所以最后137可表示为：
　　2（2（2）+2+2（0））+2（2+2（0））+2（0）
　　又如：
　　1315=2的10次方 +2的8次方 +2的5次方 +2+1
　　所以1315最后可表示为：
　　2（2（2+2（0））+2）+2（2（2+2（0）））+2（2（2）+2（0））+2+2（0

）
输入格式
　　输入包含一个正整数N（N<=20000），为要求分解的整数。
输出格式
　　程序输出包含一行字符串，为符合约定的n的0，2表示（在表示中不能有空

格）

 #include<stdio.h>  void f(int a)  {  int i=0,j,b[32],w,k;  if(a==0)printf("0");  else if(a==2)printf("2");  else if(a==1)printf("2(0)");  else   {  while(a){b[i]=a%2;a=a/2;i++;}w=i;  k=0;j=0;for(i=w-1;i>=0;i--)if(b[i])k++;  for(i=w-1;i>=0;i--)  if(b[i])  {j++;  if(i==1)printf("2");  else {printf("2(");f(i);printf(")");}  if(j!=k)printf("+");}  }  }  int main()  {  int a;scanf("%d",&a);  f(a);  return 0;  }

算法训练拦截导弹

问题描述
　　某国为了防御敌国的导弹袭击，发展出一种导弹拦截系统。但是这种导弹拦

截系统有一个缺陷：虽然它的第一发炮弹能够到达任意的高度，但是以后每一发

炮弹都不能高于前一发的高度。某天，雷达捕捉到敌国的导弹来袭。由于该系统

还在试用阶段，所以只有一套系统，因此有可能不能拦截所有的导弹。

　　输入导弹依次飞来的高度（雷达给出的高度数据是不大于30000的正整数）

，计算这套系统最多能拦截多少导弹，如果要拦截所有导弹最少要配备多少套这

种导弹拦截系统。
输入格式
　　一行，为导弹依次飞来的高度
输出格式
　　两行，分别是最多能拦截的导弹数与要拦截所有导弹最少要配备的系统数
样例输入
389 207 155 300 299 170 158 65
样例输出
6
2

 #include <stdio.h>  #define MAX_N 10000  int dp[MAX_N]={0};  int i=0;  int dao[MAX_N];  int max(int a,int b)  {  return a>b?a:b;  }  void solve1()  {  int k,j;  int res = 0;  int n = i;  for(j=0; j<n; j++)  {  dp[j] = 1;  for(k=0; k<j; k++)  if(dao[k] > dao[j])  dp[j] = max(dp[j],dp[k]+1);  res = max(res , dp[j]);  }  printf("%d\n",res);  }  void solve2()  {  int k,j;  int res = 0;  int n = i;  for(j=0; j<n; j++)  {  dp[j] = 1;  for(k=0; k<j; k++)  if(dao[k] < dao[j])  dp[j] = max(dp[j],dp[k]+1);  res = max(res , dp[j]);  }  printf("%d\n",res);  }  int main()  {  char q;  int s=0;  while(q=getchar())  {  if(q>='0' && q<='9')  s = s*10+q-'0';  else if(q == ' ')  {  dao[i] = s;  i++;  s = 0;  }  else  break;  }  dao[i] = s;  i++;  solve1();  solve2();  return 0;  }

算法训练回文数

问题描述
　　若一个数（首位不为零）从左向右读与从右向左读都一样，我们就将其称之

为回文数。
　　例如：给定一个10进制数56，将56加65（即把56从右向左读），得到121是

一个回文数。

　　又如：对于10进制数87：
　　STEP1：87+78 = 165 STEP2：165+561 = 726
　　STEP3：726+627 = 1353 STEP4：1353+3531 = 4884

　　在这里的一步是指进行了一次N进制的加法，上例最少用了4步得到回文数

4884。

　　写一个程序，给定一个N（2<=N<=10或N=16）进制数M（其中16进制数字为0

-9与A-F），求最少经过几步可以得到回文数。
　　如果在30步以内（包含30步）不可能得到回文数，则输出“Impossible!”
输入格式
　　两行，N与M
输出格式
　　如果能在30步以内得到回文数，输出“STEP=xx”（不含引号），其中xx是

步数；否则输出一行”Impossible!”（不含引号）
样例输入
9
87
样例输出
STEP=6

 #include<stdio.h>  #include<math.h>  #include <string.h>  #include <stdlib.h>  int p;  char s[1000];  int c[1000];  int reverse(int a[],int n)  判断a是否是回文   {  int i,j;  i=0;  j=n-1;  while(i<j&&a[i]==a[j])  {  i++;  j--;  }  return i>=j;  }  int aplus(int a[],int n,int m)    计算a=a+a   {  int *b,i,j,kc;  b=(int *)malloc(sizeof(int)*1001);  for(i=0;i<n;i++)  b[n-1-i]=a[i];  kc=0;  for(i=0;i<n;i++)  {  a[i]=a[i]+b[i]+kc;  kc=a[i]/m;  a[i]=a[i]%m;  }  if(kc>0)  a[n++]=kc;  free(b);  return n;  }  int  stod(char s[],int a[])  {  int i;  for(i=0;s[i]!='\0';i++)  if(s[i]>='A'&&s[i]<='F')  a[i]=10+s[i]-'A';  else  a[i]=s[i]-'0';  return i;  }   int main()  {  int n,i;  scanf("%d",&p);  scanf("%s",s);  n=stod(s,c);  for(i=0;i<30;i++)  {  n=aplus(c,n,p);  if(reverse(c,n)==1)  {  printf("STEP=%d\n",i+1);  break;  }  }  if(i>=30)  printf("Impossible!\n");  return 0;  }

算法训练旅行家的预算

问题描述
　　一个旅行家想驾驶汽车以最少的费用从一个城市到另一个城市（假设出发时油箱是空的）。给定两个城市之间的距离D1、汽车油箱的容量C（以升为单位）、每升汽油能行驶的距离D2、出发点每升汽油价格P和沿途油站数N（N可以为零），油站i离出发点的距离Di、每升汽油价格Pi（i=1，2，……N）。计算结果四舍五入至小数点后两位。如果无法到达目的地，则输出“No Solution”。
输入格式
　　第一行为4个实数D1、C、D2、P与一个非负整数N；
　　接下来N行，每行两个实数Di、Pi。
输出格式
　　如果可以到达目的地，输出一个实数（四舍五入至小数点后两位），表示最小费用；否则输出“No Solution”（不含引号）。
样例输入
275.6 11.9 27.4 2.8 2
102.0 2.9
220.0 2.2
样例输出
26.95

 #include <stdio.h>  #define MAX_N 100  float D1,C,D2,P;  float A[MAX_N],B[MAX_N];  int N;  void solve()  {  int i;  float res = 0;  float pos,tank;  pos = B[0];  tank = C;  res += pos*tank;  float we=0;  for(i=1; i<N; i++)  {  tank -= (A[i] - A[i-1]-we)/D2;  if(B[i] < pos)  {  we = 0;  res -= tank*pos;  tank = C;  pos = B[i];  res += tank*pos;  }  else  {  if(tank < (A[i+1]-A[i])/D2)  {  we=0;  we = tank*D2;  tank = C;  pos = B[i];  res += tank*pos;  }  if(tank < 0)  {  puts("No Solution\n");  return ;  }  }  }  tank -= (D1-A[i-1]-we)/D2;  if(tank < 0)  {  puts("No Solution\n");  return ;  }  res -= tank*pos;  printf("%.2f\n",res);  }  int main()  {  int i;  scanf("%f%f%f%f%d",&D1,&C,&D2,&P,&N);  A[0] = 0;  B[0] = P;  N++;  A[N] = D1;  for(i=1; i<N; i++)  scanf("%f%f",&A[i],&B[i]);  if(D1 != 0)  solve();  else  puts("No Solution\n");  return 0;  }

算法训练进制转换

问题描述

cf为次方
　　我们可以用这样的方式来表示一个十进制数：将每个阿拉伯数字乘以一个以该数字所处位置的（值减１）为指数，以１０为底数的幂之和的形式。例如：１２３可表示为１＊１０２＋２＊１０１＋３＊１００这样的形式。
　　与之相似的，对二进制数来说，也可表示成每个二进制数码乘以一个以该数字所处位置的（值－１）为指数，以２为底数的幂之和的形式。一般说来，任何一个正整数Ｒ或一个负整数－Ｒ都可以被选来作为一个数制系统的基数。如果是以Ｒ或－Ｒ为基数，则需要用到的数码为０，１，．．．．Ｒ－１。例如，当Ｒ＝７时，所需用到的数码是０，１，２，３，４，５和６，这与其是Ｒ或－Ｒ无关。如果作为基数的数绝对值超过１０，则为了表示这些数码，通常使用英文字母来表示那些大于９的数码。例如对１６进制数来说，用Ａ表示１０，用Ｂ表示１１，用Ｃ表示１２，用Ｄ表示１３，用Ｅ表示１４，用Ｆ表示１５。
　　在负进制数中是用－Ｒ作为基数，例如－１５（十进制）相当于１１０００１（－２进制），并且它可以被表示为２的幂级数的和数：
　　１１０００１＝１＊（－２）５cf＋１＊（－２）４cf＋０＊（－２）３cf＋０＊（－２）２cf＋
　　０＊（－２）１cf ＋１＊（－２）０cf
　　设计一个程序，读入一个十进制数和一个负进制数的基数, 并将此十进制数转换为此负进制下的数：－Ｒ∈｛－２，－３，－４，．．．，－２０｝

输入格式
　　一行两个数，第一个是十进制数Ｎ（－32768＜＝Ｎ＜＝32767），第二个是负进制数的基数－Ｒ。

输出格式
　　输出所求负进制数及其基数，若此基数超过１０，则参照１６进制的方式处理。（格式参照样例）

　　样例输入1
　　30000 -2
样例输出
30000=11011010101110000(base-2)
样例输入
-20000 -2
样例输出
-20000=1111011000100000(base-2)
样例输入
28800 -16
样例输出
28800=19180(base-16)
样例输入
-25000 -16
样例输出
-25000=7FB8(base-16)

 #include <stdio.h>  const char nc[20]={'0','1','2','3','4','5','6','7','8','9','A','B','C','D','E','F','G','H','I','J'};  char str[20];  int main()  {  int m, n, k, t, s;  int i=0;  scanf("%d%d",&m,&n);  s = m;  while(m != 0)  {  k = m % n;  t = m / n;  if(k < 0)  {  k -= n;  t++;  }  m = t;  str[i++]=nc[k];  }  printf("%d=",s);  for(i = i- 1; i >= 0; i--)  printf("%c",str[i]);  printf("(base%d)\n",n);  return 0;  }

算法训练乘积最大

问题描述

　　今年是国际数学联盟确定的“2000——世界数学年”，又恰逢我国著名数学家华罗庚先生诞辰90周年。在华罗庚先生的家乡江苏金坛，组织了一场别开生面的数学智力竞赛的活动，你的一个好朋友XZ也有幸得以参加。活动中，主持人给所有参加活动的选手出了这样一道题目：

　　设有一个长度为N的数字串，要求选手使用K个乘号将它分成K+1个部分，找出一种分法，使得这K+1个部分的乘积能够为最大。

　　同时，为了帮助选手能够正确理解题意，主持人还举了如下的一个例子：

　　有一个数字串：312，当N=3，K=1时会有以下两种分法：

　　312=36 　　312=62

　　这时，符合题目要求的结果是：31*2=62

　　现在，请你帮助你的好朋友XZ设计一个程序，求得正确的答案。

输入格式

　　程序的输入共有两行：
　　第一行共有2个自然数N，K（6≤N≤40，1≤K≤6）
　　第二行是一个长度为N的数字串。

输出格式

　　输出所求得的最大乘积（一个自然数）。

　　样例输入

　　4 2
　　1231
样例输出
62

 #include <stdio.h>  #define maxN 41  #define maxK 7  #define InfiniteMin -999999999  int main()  {  int N,K;  int i,j,k,m;  int A[maxN][maxK];   A[i][j]表示前i个数有j个乘号能达到的最大乘积   int s[maxN];  char num[maxN];   int temp,max;  scanf("%d%d%s",&N,&K,num);  for(i=0;i<N;i++)  s[i+1]=num[i]-'0';  for(i=1;i<=N;i++)  {  temp=0;  for(j=1;j<=i;j++)  temp=temp*10+s[j];  A[i][0]=temp;  }  for(j=1;j<=K;j++)  {  for(i=j+1;i<=N;i++)  {  max=InfiniteMin;  for(k=i;k-1>j-1;k--)  {  temp=0;  for(m=k;m<=i;m++)  temp=temp*10+s[m];   temp*=A[k-1][j-1];  max=max>temp?max:temp;  }  A[i][j]=max;  }  }  printf("%d",A[N][K]);  return 0;  }

算法训练方格取数

问题描述
　　设有NN的方格图(N<=10),我们将其中的某些方格中填入正整数,而其他的方格中则放入数字0。　　某人从图的左上角的A 点(1,1)出发，可以向下行走，也可以向右走，直到到达右下角的B点(N,N)。在走过的路上，他可以取走方格中的数（取走后的方格中将变为数字0）。　　此人从A点到B 点共走两次，试找出2条这样的路径，使得取得的数之和为最大。输入格式　　输入的第一行为一个整数N（表示NN的方格图），接下来的每行有三个整数，前两个表示位置，第三个数为该位置上所放的数。一行单独的0表示输入结束。
输出格式
　　只需输出一个整数，表示2条路径上取得的最大的和。
样例输入
　　8
　　2 3 13
　　2 6 6
　　3 5 7
　　4 4 14
　　5 2 21
　　5 6 4
　　6 3 15
　　7 2 14
　　0 0 0
样例输出
　　67

 #include <stdio.h>  #define max(a,b) a>b?a:b  #define min(a,b) a<b?a:b  int main()  {  int map[11][11]={0},f[11][11]={0};  int i,j,k,N,t;  scanf("%d",&N);  while (scanf("%d%d%d",&i,&j,&k)&&(i||j||k)) map[i][j]=k;  for (i=2;i<=2*N;i++)  for (t=min(i,N),j=t;j>0;j--)  for (k=t;k>0;k--)  {  f[j][k]=max(f[j][k],f[j-1][k-1]);  f[j][k]=max(f[j][k],f[j][k-1]);  f[j][k]=max(f[j][k],f[j-1][k]);  if (j==k) f[j][k]+=map[j][i-j];  else f[j][k]+=map[j][i-j]+map[k][i-k];  }  printf("%d",f[N][N]);  return 0;  }

算法训练求先序排列

问题描述
　　给出一棵二叉树的中序与后序排列。求出它的先序排列。（约定树结点用不同的大写字母表示，长度<=8）。
输入格式
　　两行，每行一个字符串，分别表示中序和后序排列
输出格式
　　一个字符串，表示所求先序排列

　　样例输入
　　BADC
　　BDCA
样例输出
ABCD

 #include"stdio.h"  #include"string.h"  void dg(char z[],char h[])  {  if(strlen(h)==0)  return;  printf("%c",h[strlen(h)-1]);  if(strlen(h)==1)  return;  if(strlen(h)==2)  {  printf("%c",h[0]);  return;  }  char a[9],b[9];  int i,j;  for(i=0;z[i]!=h[strlen(h)-1];i++)  a[i]=z[i],b[i]=h[i];  a[i]='\0';  b[i++]='\0';  dg(a,b);  for(j=0;i<strlen(h);i++,j++)  a[j]=z[i],b[j]=h[i-1];  a[j]='\0';  b[j]='\0';  dg(a,b);  }  int main()  {  char h[9],z[9];  scanf("%s",z);  scanf("%s",h);  dg(z,h);  return 0;  }

蓝桥杯练习系统习题-算法训练1相关推荐

蓝桥杯练习系统习题-算法训练6
文章推荐精选java等全套学习资源精选java电子图书资源精选大数据学习资源 java项目练习精选蓝桥杯练习系统习题-算法训练6 题目搜索方式:Ctrl+F--> 输入题目名称-> ...
蓝桥杯练习系统习题-算法训练5
文章推荐精选java等全套学习资源精选java电子图书资源精选大数据学习资源 java项目练习精选蓝桥杯练习系统习题-算法训练5 题目搜索方式:Ctrl+F--> 输入题目名称-> ...
蓝桥杯练习系统习题-算法训练3
文章推荐精选java等全套学习资源精选java电子图书资源精选大数据学习资源 java项目练习精选蓝桥杯练习系统习题-算法训练3 题目搜索方式:Ctrl+F--> 输入题目名称-> ...
蓝桥杯练习系统习题-算法训练2
文章推荐精选java等全套学习资源精选java电子图书资源精选大数据学习资源 java项目练习精选蓝桥杯练习系统习题-算法训练2 题目搜索方式:Ctrl+F--> 输入题目名称-> ...
蓝桥杯练习系统习题-算法提高2
文章推荐精选java等全套学习资源精选java电子图书资源精选大数据学习资源 java项目练习精选蓝桥杯练习系统习题-算法提高2 题目搜索方式:Ctrl+F--> 输入题目名称-> ...
蓝桥杯练习系统习题-算法提高1
文章推荐精选java等全套学习资源精选java电子图书资源精选大数据学习资源 java项目练习精选蓝桥杯练习系统习题-算法提高1 题目搜索方式:Ctrl+F--> 输入题目名称-> ...
蓝桥杯练习系统习题解答-入门训练
点个赞,看一看,好习惯!本文 GitHub https://github.com/OUYANGSIHAI/JavaInterview 已收录,这是我花了 3 个月总结的一线大厂 Java 面试总结,本 ...
蓝桥杯练习系统习题-历年真题解析2（完整版）
文章推荐精选java等全套学习资源精选java电子图书资源精选大数据学习资源 java项目练习精选蓝桥杯练习系统习题-历年真题解析2 题目搜索方式:Ctrl+F--> 输入题目名称-&g ...
蓝桥杯练习系统习题-历年真题解析1（完整版）
文章推荐精选java等全套学习资源精选java电子图书资源精选大数据学习资源 java项目练习精选蓝桥杯练习系统习题-历年真题解析1 题目搜索方式:Ctrl+F--> 输入题目名称-&g ...

蓝桥杯练习系统习题-算法训练1

蓝桥杯练习系统习题-算法训练1

蓝桥杯练习系统习题-算法训练1相关推荐

最新文章

热门文章