杭电60道DP问题总结（三）

接着前两篇，还是5道一贴吧。

题目链接地址：http://acm.hdu.edu.cn/problemclass.php?id=516

ProID 1159 Common Subsequence

题目意思很简单，是个最基本的DP，任何一本算法书都会讲这个题目，最长公共子序列。

状态转移方程，dp[i][j]=dp[i-1][j-1]+1(when str[i]==str[j]) max(dp[i-1][j],dp[i][j-1])(when str[i]!=str[j])

就不解释了，直接上代码：

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
char s1[2000],s2[2000];
int dp[2000][2000];
int main()
{while(scanf("%s %s",&s1,&s2)!=EOF){int L1=strlen(s1);int L2=strlen(s2);memset(dp,0,sizeof(dp));for(int i=1;i<=L1;i++)for(int j=1;j<=L2;j++)if(s1[i-1]==s2[j-1])dp[i][j]=dp[i-1][j-1]+1;elsedp[i][j]=max(dp[i-1][j],dp[i][j-1]);printf("%d\n",dp[L1][L2]);}return 0;
}

ProID 1160 FatMouse's Speed

题目大意是，让你证明一下肥的老鼠跑的慢（直接翻译），其实就是求一个最长上升子序列问题，要找的就是在重量从小到大的一个序列中，找一个最长的序列，其中这个序列中的元素速度是递减的。这也算是一个比较经典的问题了，就不再多说了，最早的那篇中对最长上升子序列有详细解释。

代码如下：

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include<vector>
using namespace std;struct Data
{int weight;int speed;int index;
};
Data data[1001];bool com(Data d1,Data d2)
{if(d1.weight==d2.weight)return d1.speed>d2.speed;return d1.weight<d2.weight;
}
int dp[1001];
int memory[1001];
int main()
{int num=1;while(scanf("%d %d",&data[num].weight,&data[num].speed)!=EOF){data[num].index=num++;}sort(data+1,data+num,com);//按重量递减排序memset(dp,0,sizeof(dp));memset(memory,0,sizeof(memory));dp[1]=1;int res=data[1].speed;//最长上升子序列for(int i=2;i<num;i++){int len=0;memory[i]=i;for(int j=1;j<i;j++)if(data[i].speed<data[j].speed){if(len<dp[j]){len=dp[j];memory[i]=j;}}dp[i]=len==0?1:len+1;}//由于需要对结果输出，所以需要记录int ind=1;int tmp=dp[1];for(int i=2;i<num;i++){if(dp[i]>tmp){tmp=dp[i];ind=i;}}printf("%d\n",tmp);vector<int>vec;while(memory[ind]!=ind){vec.push_back(data[ind].index);ind=memory[ind];}vec.push_back(data[ind].index);for(int i=vec.size()-1;i>=0;i--)printf("%d\n",vec[i]);return 0;
}

ProID 1165 Eddy's research II

看题目应该是有个同样的题目吧，不然为什么会有个II呢。题目意思很简单，就是求解一个递归式，其实算不上是一个DP问题，题目放到这里或许有点问题吧，那就强制性的用用DP呗，其实就是一个方程式化简问题。化简过程就不写出来了，在纸上画画就明显能看出来，

这段代码是摘录题目后边的Discuss中一个同学的，因为看起来比较像DP，参考下吧。

#include<stdio.h>
int dp[4][1000005];
int main ()
{int i,j;for(i=0;i<=1000005;i++)dp[1][i]=i+2;for(i=0;i<=1000005;i++)dp[2][i]=i*2+3;dp[3][0]=5;for(i=1;i<=24;i++)dp[3][i]=2*dp[3][i-1]+3;while(~scanf("%d%d",&i,&j)){printf("%d\n",dp[i][j]);}return 0;
}

ProID 1176 免费馅饼

题目意思是，你站在一条路上的中间位置，这条路有11个点组成的，在某一秒种会有馅饼掉落，你可以在一秒内移动到两边的某一个位置上，在当前位置上可以接到包括当前位置以及两边位置的馅饼。简单来说比如我站在5点，那么可以在1s内接到4,5,6其中的某一个点落下的馅饼。因为每次只能向左右移动，其实就是一个数塔的变形。普通的数塔是向左下或右下走。

状态转移方程：

dp[i][j]=max(dp[i+1][j-1],dp[i+1][j],dp[i+1][j+1])+data[i][j]

解释一下，dp[i][j]表示从第i秒到第Max秒在位置j上所收获的最多的馅饼，就是由第i+1秒到第Max秒所获得的最多的馅饼，注意了，一定是从下往上算，一开始我也弄错了，算了半天总是结果不对，普通数塔是从上往下算（当然从下往上算也可以），是因为要求的最终结果在最下边一层，而且需要多一次最终的遍历，以找到最大值，本题目需要从下往上算是因为需要的最后最终结果在最顶层。

【不过个人觉得应该从上往下算也可以，但是实际做的时候却总是得不到正确的结果，哪位大神知道怎么做的话可否给点提示】

代码如下：

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;#define N 100005
int dp[N][11];int main()
{int n;while(scanf("%d",&n),n){memset(dp,0,sizeof(dp));int x,t;int Max_t=0;for(int i=0;i<n;i++){scanf("%d %d",&x,&t);dp[t][x]++;Max_t=max(Max_t,t);}for(int i=Max_t;i>=0;i--){dp[i][0]+=max(dp[i+1][0],dp[i+1][1]);for(int j=1;j<=9;j++)dp[i][j]+=max(max(dp[i+1][j-1],dp[i+1][j]),dp[i+1][j+1]);dp[i][10]+=max(dp[i+1][9],dp[i+1][10]);}printf("%d\n",dp[0][5]);}return 0;
}

ProID 1176 I NEED A OFFER

题目大意是，某个人有n快钱，向m个学校申请offer，告诉申请每个学校的资金和概率，求出至少拿到一份offer的概率。说白了就是个01背包问题，m个物品，总的背包重量是n，每装一个物品，所占用的背包重量是资金，收获的价值是获得offer的概率。对应起来直接套公式就可以了。

注意了，是求得至少获得一个offer的概率，因此需要使用全概率公式，保存的时候保存都不能获得offer的概率。

代码如下：

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;int a[10005];
double b[10005],dp[10005];
int main()
{int n,m;while(scanf("%d %d",&n,&m)!=EOF && (n||m)){for(int i=0;i<m;i++){scanf("%d %lf",&a[i],&b[i]);b[i]=1.0-b[i];}for(int i=0;i<=n;i++)dp[i]=1;for(int i=0;i<m;i++)for(int j=n;j>=a[i];j--)dp[j]=min(dp[j],dp[j-a[i]]*b[i]);printf("%.1f%%\n",(1-dp[n])*100);}return 0;
}

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