51nod1815:调查任务(强连通 dp)^
2024-06-27 15:25:51
1815 调查任务
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基准时间限制:4 秒 空间限制:524288 KB 分值: 80 难度:5级算法题
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lbn是战忽中心——一个绝密的军事组织的一个军官,今天他接到了一个紧急任务:调查敌国X国某些城市的经济情况。
X国有N个城市,由M条单向道路连接,其中S城是X国的首都。
lbn当然能轻松地完成这个任务,但他想考考你。
X国有N个城市,由M条单向道路连接,其中S城是X国的首都。
每个城市i有一个发达指数a[i],我们定义城市i的经济状况为首都S到城市i任意一条路径上两个不同的城市x,y的a[x] mod a[y]的最大值。(x和y必须在同一条路径上,x,y可以是i或者S)
lbn当然能轻松地完成这个任务,但他想考考你。
样例解释:
首都为2
2到1只有一条路径,城市1的经济情况为a[2] mod a[1]=23
对于城市3的经济状况,我们可以选择路径2->4->3,并选择城市3 4,经济状况为a[3] mod a[4]=37,可以发现这是最大值。
对于城市4的经济状况,我们可以选择路径2->3->4,并选择城市3 4,经济状况为a[3] mod a[4]=37,可以发现这是最大值。
一个点可以被经过多次!
使用C++的选手请注意:
如果DFS爆栈请使用Visual C++编译,并在开头加上
1
#pragma comment(linker, "/STACK:10240000,10240000")
数据已加强
Input
第一行四个正整数N,M,Q,S 分别表示X国城市数量,城市间有向边的数量,需要调查的城市的数目和首都的编号。每个城市的标号为1到N 第二行N个正整数,其中第i个整数表示a[i]。 第2至M+1行每行两个正整数x,y。表示有一条从城市x到y有向边。 第M+2行Q个正整数,表示需要调查的城市的数目的编号。 数据保证无重边无自环,不会查询首都。1<=N,Q<=4*10^5 1<=M<=2*10^6 1<=a[i]<=10^9
Output
共一行Q个整数,按询问顺序输出每个城市的经济情况。 如果一个城市不存在任何一条从首都来的路径,则其经济情况输出-1。
Input示例
4 5 3 2 98 23 37 100 2 1 2 4 2 3 3 4 4 3 1 3 4
Output示例
23 37 37
题意:最大化根节点到询问点所有路径中的严格次大值。
思路:同一个点可经过多次,那么先缩点,预处理每个联通块的最大和次大值。设i到j有边,假如我们算出了i点的答案,如何转移到j点呢?
有如下定义:
max1[i]为i联通块最大值。
max2[i]为i联通块次大值(答案)。
max3[i]为根到i所有路径混合的最大值。
max4[i]为根到i所有路径混合的次大值。
那么根据路径的包含关系,j的答案先初始化为i的答案,
然后根据max3[i] 和max1[j]是否相等来对j点答案进行更新,也就是j点取与不取的问题,这个仅仅与所有能到达j点的路径中的最大值和次大值有关,因为是DAG所以要根据拓扑序来进行。
# include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int maxn = 4e5+30;
vector<int>g[maxn], G[maxn];
int n, m, q, s, a[maxn], h, tot, cnt;
int dep[maxn], low[maxn], in_stk[maxn], stk[maxn], belong[maxn];
int du[maxn], vis[maxn], max1[maxn], max2[maxn], max3[maxn], max4[maxn];
void dfs(int u)
{dep[u] = low[u] = ++h;stk[cnt++] = u;in_stk[u] = 1;for(int v:g[u]){if(!dep[v]){dfs(v);low[u] = min(low[u], low[v]);}else if(in_stk[v] && dep[v] < low[u])low[u] = dep[v];}if(low[u] == dep[u]){int j;++tot;do{j = stk[--cnt];in_stk[j] = 0;belong[j] = tot;}while(j != u);}
}
void dfs2(int u)
{sort(G[u].begin(), G[u].end());for(int i=0; i<G[u].size(); ++i){if(i==0||G[u][i]!=G[u][i-1]){++du[G[u][i]];if(!vis[G[u][i]]){vis[G[u][i]] = 1;dfs2(G[u][i]);}}}
}
void toposort(int s)
{int l=0, r=0;stk[r++] = s;while(l<r){int u=stk[l++];for(int i=0; i<G[u].size(); ++i){if(i!=0 && G[u][i]==G[u][i-1]) continue;int v = G[u][i];max2[v] = max(max2[v], max2[u]);if(max1[v] != max3[u]) max2[v] = max(max2[v], min(max1[v], max3[u]));else max2[v] = max(max2[v], max4[u]);if(max3[u]>max3[v]) max4[v]=max3[v], max3[v]=max3[u];//更新根到儿子的所有路径的最大值和次大值。else if(max3[v]>max3[u] && max3[u]>max4[v]) max4[v]=max3[u];if(max4[u]>max3[v]) max4[v]=max3[v], max3[v]=max4[u];else if(max3[v]>max4[u] && max4[u]>max4[v]) max4[v]=max4[u];if(--du[v]==0) stk[r++]=v;}}
}
int main()
{int u, v;scanf("%d%d%d%d",&n,&m,&q,&s);for(int i=1; i<=n; ++i) scanf("%d",&a[i]);for(int i=0; i<m; ++i){scanf("%d%d",&u,&v);g[u].push_back(v);}for(int i=1; i<=n; ++i)if(!dep[i]) dfs(i);for(int i=1; i<=n; ++i)for(int j:g[i])if(belong[i]!=belong[j])G[belong[i]].push_back(belong[j]);dfs2(belong[s]);for(int i=1; i<=n; ++i){int u=belong[i];if(u!=belong[s] && du[u]==0){du[u]=-2;continue;}if(a[i] > max1[u]) max2[u]=max1[u], max1[u]=a[i];else if(a[i]>max2[u] && a[i]!=max1[u]) max2[u]=a[i];max3[u] = max1[u];max4[u] = max2[u];}toposort(belong[s]);while(q--){scanf("%d",&v);if(du[belong[v]] == -2) printf("-1 ");else printf("%d ",max2[belong[v]]);}puts("");return 0;
}
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